我是靠谱客的博主 自觉时光,这篇文章主要介绍[HAOI2006]受欢迎的牛(缩点),现在分享给大家,希望可以做个参考。

题目描述

每头奶牛都梦想成为牛棚里的明星。被所有奶牛喜欢的奶牛就是一头明星奶牛。所有奶

牛都是自恋狂,每头奶牛总是喜欢自己的。奶牛之间的“喜欢”是可以传递的——如果A喜

欢B,B喜欢C,那么A也喜欢C。牛栏里共有N 头奶牛,给定一些奶牛之间的爱慕关系,请你

算出有多少头奶牛可以当明星。

输入输出格式

输入格式:

 第一行:两个用空格分开的整数:N和M

 第二行到第M + 1行:每行两个用空格分开的整数:A和B,表示A喜欢B

输出格式:

 第一行:单独一个整数,表示明星奶牛的数量

输入输出样例

输入样例#1:

3 3
1 2
2 1
2 3

输出样例#1:

1

说明

只有 3 号奶牛可以做明星

【数据范围】

10%的数据N<=20, M<=50

30%的数据N<=1000,M<=20000

70%的数据N<=5000,M<=50000

100%的数据N<=10000,M<=50000

思路

既然爱慕关系可以传递,那么将互相可达的某几个点缩成一个点,就能简化原图了,

那么很自然想到tarjan求强连通分量

那么就只需找到可以被所有缩点遍历到的那个缩点

再输出它所含的点数就行了

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#include<cstdio> #include<iostream> using namespace std; struct node{ int to,next; }e[50001],d[50001]; int head[10001]; int n,m,cnt,top; int dfn[10001],low[10001],q[10001]; int scc,h[10001],belong[10001],hav[10001]; bool vis[10001],inq[10001]; int ans; void dfs(int a) { int now; vis[a]=inq[a]=1; low[a]=dfn[a]=++cnt; q[++top]=a; int c=head[a]; while(c) { if(!vis[e[c].to]) { dfs(e[c].to); low[a]=min(low[a],low[e[c].to]); } else if(inq[e[c].to])low[a]=min(low[a],dfn[e[c].to]); c=e[c].next; } if(low[a]==dfn[a]) { scc++; while(now!=a) { now=q[top--]; inq[now]=0; belong[now]=scc; ++hav[scc]; } } } void tarjan() { for(int i=1;i<=n;i++) if(!vis[i])dfs(i); cnt=0; for(int i=1;i<=n;i++) { int c=head[i]; while(c) { if(belong[i]!=belong[e[c].to]) { d[++cnt].to=belong[e[c].to]; d[cnt].next=h[belong[i]]; h[belong[i]]=cnt; } c=e[c].next; } } } int main() { scanf("%d%d",&n,&m); for(int i=1;i<=m;i++) { int x,y; scanf("%d%d",&x,&y); e[i].to=y; e[i].next=head[x]; head[x]=i; } tarjan(); for(int i=1;i<=scc;i++) if(!h[i]) { if(ans) { ans=0; break; } else ans=hav[i]; } printf("%dn",ans); return 0; }

最后

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